练习题 有奖问答

题目

问题描述

小蓝正在参与一个现场问答的节目。活动中一共有?3030?道题目, 每题只有答对和答错两种情况, 每答对一题得 10?分，答错一题分数归零。

小蓝可以在任意时刻结束答题并获得目前分数对应的奖项，之后不能再答任何题目。最高奖项需要 100?分, 所以到达 100?分时小蓝会直接停止答题。请注意小蓝也可能在不到 100?分时停止答题。

已知小蓝最终实际获得了?7070?分对应的奖项, 请问小蓝所有可能的答题情况有多少种?

答案提交

这是一道结果填空的题，你只需要算出结果后提交即可。本题的结果为一个整数，在提交答案时只填写这个整数，填写多余的内容将无法得分。

运行限制

提交代码

提交代码1（尝试）

//有奖问答

//每道题有2种状态：对和不对
//答对可继续答，答错也可以继续答
//可以主动提前停止答题
//共30题
//每题10分
//实际得了70分
//求可能的答题情况有多少种
//填空题 
//答错分数归零 
//递归树
//广度优先遍历
//队列 
//出队一个节点，入队两个节点 
//达到100分停止 

#include<iostream>
#include<queue>
using namespace std;

struct Question{
	int num;//题目编号
	int score;//前num道题的分数 
};//问题结构体 

int result = 0;//结果
queue<Question> q;//存储所有可能的分数 

//广度优先搜索
void bfs(){
	Question ques;
	int i;//节点号
	int sum;//前i道题的总分数 
	
	while(!q.empty()){
		i = q.front().num;
		sum = q.front().score;
		
		//出队
		q.pop();
		
		//判断是否还有节点入队
		if(i < 30){
			ques.num = i + 1;
			//答对 
			ques.score = sum + 10;
			
			//入队时判断
			if(ques.score == 70){
				result++;
			}
			
			//入队
			if(ques.score != 100){
				q.push(ques);
			}
			
			//答错
			ques.score = 0;
			
			if(ques.score == 70){
				result++;
			}
			
			//入队 
			if(ques.score != 100){
				q.push(ques);
			} 
		}else{
			break;
		}
	}
} 

int main(){
	//队列中放入初始节点
	q.push(Question{0,0});
	
	//BFS
	bfs();
	
	//输出结果
	printf("%d",result); 
	
	return 0;
}

解题思路：画出递归树，每一道题都可能答对或答错，即每一道题都有两种状态，可以使用广度优先遍历，一道题一道题看，这一道题基于前面所有题的答题情况再加两种。但是会超时。

提交代码2

//有奖问答

//每道题有2种状态：对和不对
//答对可继续答，答错也可以继续答
//可以主动提前停止答题
//共30题
//每题10分
//实际得了70分
//求可能的答题情况有多少种
//填空题 
//答错分数归零 
//动态规划 
//达到100分停止 

#include<iostream>
using namespace std;

int result = 0;//结果
int dp[31][31];//dp[i][j]：到第i题，累计获得j*10分 

int main(){
	//初始条件 
	dp[0][0] = 0;
	dp[1][0] = 1;
	dp[1][1] = 1;
	int sum = dp[1][0] + dp[1][1];//到上一道题结束后共可能有多少种情况
	
	for(int i = 2;i < 31;i++){
		//答对10题自动结束 
		for(int j = 0;j <= i && j <= 10;j++){
			if(j == 0){
				//当前这道题错了
				dp[i][j] = sum;//上一道题所有情况之和
			}else{
				dp[i][j] = dp[i - 1][j - 1];
				//到上一题做完最多只能做完9题
				if(j != 10){
					sum += dp[i][j];
				} 
				if(j == 7){
					result += dp[i][j];
				}
			}
			//printf("%d ",dp[i][j]);
		}
		//printf("\n");
	} 
	
	//输出结果
	printf("%d",result); 
	
	return 0;
}

解题思路：题目明显存在两种状态，适合使用动态规划，用空间换时间。将大问题拆分成做到哪一道问题这种小问题，每种小问题又根据得了多少分划分成更小的问题，每种情况存储的就是可能的情况数，即dp[i][j]表示做完第i题共得了j*10分时可能的答题情况有多少种，除了dp[i][0]是dp[i-1][0]+dp[i-1][1]+...dp[i-1][min(i-1,9)]，其余的dp[i][j]=dp[i-1][j-1]。