PAT乙级1045 快速排序

发布时间:2024年01月01日

著名的快速排序算法里有一个经典的划分过程:我们通常采用某种方法取一个元素作为主元,通过交换,把比主元小的元素放到它的左边,比主元大的元素放到它的右边。 给定划分后的 N 个互不相同的正整数的排列,请问有多少个元素可能是划分前选取的主元?

例如给定 N=5, 排列是1、3、2、4、5。则:

1 的左边没有元素,右边的元素都比它大,所以它可能是主元;
尽管 3 的左边元素都比它小,但其右边的 2 比它小,所以它不能是主元;
尽管 2 的右边元素都比它大,但其左边的 3 比它大,所以它不能是主元;
类似原因,4 和 5 都可能是主元。
因此,有 3 个元素可能是主元。

输入格式:
输入在第 1 行中给出一个正整数 N(≤10
5
); 第 2 行是空格分隔的 N 个不同的正整数,每个数不超过 10
9

输出格式:
在第 1 行中输出有可能是主元的元素个数;在第 2 行中按递增顺序输出这些元素,其间以 1 个空格分隔,行首尾不得有多余空格。

输入样例:
5
1 3 2 4 5
输出样例:
3
1 4 5

解题思路:这题我认为时间给的比较仓促,还是要找最优解算法,题目很清晰就是快排的一次划分,那我们就按照定义来看,主元必须是左边小于它右边大于它的,那我们一次循环找到左边最大的和它比,再另一次循环找到右边最小的和它比,满足左边最大的小于等于它,同时右边最小的也大于等于它,它不就是主元嘛。。这样我们俩次循环就可以搞定,不停维护最大值和最小值即可,如果别的办法恐怕 就得o(n^2)恐怕会超时。

c语言代码如下

#include<stdio.h>
#include<string.h>
int main()
{
	int n,i;
	scanf("%d",&n);
	int a[n];
	int b[n];
	int c[n];
	memset(b,0,sizeof(b));
	memset(c,0,sizeof(c));
	for(i=0;i<n;i++)
	scanf("%d",a+i);
	int max=a[0],min=a[n-1];
	for(i=0;i<n;i++)
	{
		if(a[i]>=max)
		{
			b[i]=1;
			max=a[i];
		}
	}
	for(i=n-1;i>=0;i--)
	{
		if(a[i]<=min)
		{
			c[i]=1;
			min=a[i];
		}
	}
	int output[n],count=0;
	for(i=0;i<n;i++)
	{
		if(b[i]==1&&c[i]==1)
		{
			output[count++]=a[i];
		}
	}
	printf("%d\n",count);
	for(i=0;i<count;i++)
	{
		if(i!=count-1)
		printf("%d ",output[i]);
		else
		printf("%d",output[i]);
	}
	printf("\n");
	return 0;
}

在这里插入图片描述
python版本:尽量不要是使用函数,哪怕麻烦一点,太容易超时了

n=int(input())
s=input().split()
for i in range(n):
    s[i]=int(s[i])
b=[0]*n
c=[0]*n
max_p=s[0]
min_l=s[n-1]
for i in range(n):
    if s[i]>=max_p:
        b[i]=1
        max_p=s[i]
i=n-1
while(i>=0):
    if s[i]<=min_l:
        c[i]=1
        min_l=s[i]
    i=i-1
output=[]
count=0
for i in range(n):
    if b[i]==1 and c[i]==1:
        output.append((s[i]))
        count+=1
print(count)
for i in range(count):
    if i == count-1:
        print(output[i],end='')
    else:
        print(output[i],end=' ')
print()

    

在这里插入图片描述

文章来源:https://blog.csdn.net/qq_44063802/article/details/135330122
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